 |
Вентиляция воздух микроклимат
|
|
|
|
ТЕПЛО
31 Задача
В зимнее время в учебном классе средняя температура воздуха составила 20° С, вертикальные градиент температуры колебался в пределах 1,5 - 2° С на каждый метр высоты, разница температур около внутренних и наружных стен составила 3° С. Оценить температурные условия класса.
Температура в классе укладывается в оптимальный диапазон (19-21°опт, 18-23°допуст)
градиент температуры по высоте в пределах 2° - (норма до 2˚)
градиент температуры 3°между нар. и внутр. стенами – соотв. верхней границе нормы (норма до 2-3˚)
Для изменнеия микроклимата в классе необходимо утеплить окна и наружные стены.
25 Задача
В зимнее время в учебном классе средняя температура воздуха составила 19° С, вертикальные градиент
температуры колебался в пределах 2 С на каждый метр высоты, разница температур около внутренних и наружных стен составила 4° С. Оценить температурные условия класса.
Температура в классе укладывается в оптимальный диапазон (19-21°опт, 18-23°допуст)
градиент температуры по высоте в пределах 2° - (норма до 2˚)
градиент температуры 4°между нар. и внутр. стенами – превышает норму (норма до 2-3˚) Для изменнеия микроклимата в классе необходимо утеплить окна и наружные стены.
30 Задача
Определить результирующую температуру (по номограмме) и дать гигиеническую оценку микроклимата в классе при условиях: температура сухого термометра 21° С, влажного 19° С (психрометр Августа), скорость движения воздуха - 0,25 м/ с, температура шарового термометра 23,0е С, атмосферное давление 760 мм.рт.ст.
Для использования номограммы необх. найти абс. Влажность А
А=М1- 0,0011(t-t1) х Н, где 0,0011 коэфф.для помещений, М1 – определяется по таблице максимального напряжение вод. паров при t (для М1 в таблице найти tвл.).
|
|
|
М1 по таблице 16,477 для влажного термометра
А= 16,477- 0,0011(21-19) х 760= 14,8 мм рт ст
РТ ищем по номограмме (на которой есть шкала разности t шар. иобычного терм, скорость воздуха, шкала t шар. терм, шкала результ. Т) - 18°
Для оценки микроклимата найдем отн. влажность «а»
а=А:Мх100% (А абс. вл., М – макс. влажность- ее находим по таблице напр. вод. паров по Т сухого терм. М=18.650) а= 14,8:18,65= 79%
Ответ: Температура воздуха соответствует норме(19-21°опт, 18-23°допуст)
Результирующая температура соответствует норме (18-20°опт, 17-22°допуст)
Относительная влажность превышает норму (45-30опт, 60допуст)
скорость движения воздуха соответствует норме (0,2 м/сек опт, 0,3допуст)
27 Задача
Дать гигиеническую оценку физическим свойствам воздуха класса при следующих показателях:
температура сухого термометра 20°, влажного 19° (психрометр Августа), атмосферное давление 760 мм.рт.ст., время охлаждения кататермометра 80 сек, фактор кататермометра 516 милликал/см2·с.
Найдем отн. влажность
а=А:Мх100%=15,641:17,735х100%=88,2%
А абс. вл, М1 – определяется по таблице максимального напряжение вод. паров при t (для М1 в таблице найдем tвл. М1=16,477), К =0,0011 коэфф.для помещений, Н – атм давление, М – макс. влажность- ее находим по таблице напр. вод. паров по Т сухого терм. М=17,735
А=М1-К(t-t1) х Н
А= 16,477-0,0011(20-19) х 760=15,641
Найдем скорость движения воздуха
V=((H: θ-0,2):0,4)²= ((6,45:16,5-0,2):0,4)²= ((0,39-0,2):0,4)²=(0,19:0,4)²=0,23 м/с
Н=F:ԏ= (F – фактор кататермометра, ԏ- время охлаждения кататермометра – указаны в условии задачи)
θ= 36,5- t(температура сух.терм). Н= 516:80= 6,45 θ = 36,5-20=16,5
Ответ: Для класса температура 20 ˚соотв норме (оптимальная 19-21, температура допустимая 18-23)
влажность 88% выше допустимого норматива(45-30опт, 60допуст), скорость движения воздуха в норме Относительная влажность превышает норму (45-30опт, 60допуст)
скорость движения воздуха 0,23 м/с соответствует норме (0,2 м/сек опт, 0,3допуст)
|
|
|
29 Задача
Найти комфортную результирующую температуру по уравнению теплового баланса при: Q теплопродукции — 130 ккал/ час, Q испарения - 25 %, К одежды - 5,5 кхал/ ч, средняя температура кожи 34° С.
Найти комфортную РТ по уравнению теплового баланса при: Q тпр.– 130 ккал/час, Q исп.– 25 %, К одежды – 5,5 какал/час КП, средневзвешенная температура кожи 34°С.
Q тпр=ТП+ Qисп (Q тпр –теплопродукция, Q исп – испарение, ТП –тепловой поток(конвекция проведение+излучение)
Qисп=25%от130=32,5 ккал/час
130=ТП+32,5
ТП=97,5 ккал/ч, он же ТП= К одежды (tкожи-КП)
96=5,5(34-КП)
КП= 16,2°
Комфортная РТ составляет 16,5°
22 Задача
Анализ воды показал, что: прозрачность 20 см, цветность 30°, температура 15°, запах 2 балла, аммиак 0,6 мг/л, нитриты 2,8 мг/л, окисляемость 7 мг/л, коли-титр 100. Дать заключение о качестве воды и возможности ее использования для питьевых нужд.
Анализ воды показал, что: прозрачность 20 см, (норма до 30), цветность 30° (до 20, допустимо до 30), температура 15°, запах 2 балла (норма меньше 2б), аммиак 0,6 мг/л, (норма до 0.1) нитриты 2,8 мг/л (норма до 0,002), окисляемость 7 мг/л, (норма лдо 2, в водопроводной до 4), коли-титр 100 (д.б. больше 300). Дать заключение о качестве воды и возможности ее использования для питьевых нужд.
Вода не соответствует требованиям безопасности по органолептическим, химическиь, бактериологическим критериям
7 Задача
Анализ воды из артезианской скважины показал: прозрачность 40 см, цветность 10, температура 12°, запах 1 балл, аммиак 0,001 мг/л, окисляемость 2 мг/л, коли-титр 500. Дать заключение о качестве воды и возможности ее использования для питьевых нужд.
Анализ воды из артезианской скважины показал: прозрачность 40 см (норма от 30 и выше), цветность 10 (норма до 20), температура 12°, запах 1 балл (норма до 2), аммиак 0,001 мг/л (до 0,1), окисляемость 2 мг/л (до 2), коли-титр 500 (д.б. выше 300). Дать заключение о качестве воды и возможности ее использования для питьевых нужд.
Вода соответствует требованиям безопасности по органолептическим, химическим, бактериологическим критерия
Санитарно–гигиеническая оценка качества питьевой воды
Мышьяк – ПДК 0,05 мг/л
Фенолы 0,25 мг/л
Свинец – ПДК 0,03 мг/л
Фтор – норма 0,7-1,5 мг / л
аммиак – норма до 0,1 мг/л
|
|
|
нитриты – норма до 0,002 мг/л
нитраты – до 45 мг/л, до 10 по азоту
коли–индекс – норма до 10
коли-титр – д.б более 300 Микробное число (число бактерий в 1 мл) – до 50
прозрачность – минимально допустимая прозрачность 30 см
цветность – норма ниже 20, допустимо до 30
окисляемость – при заборе воды не более 2, норма 4 мг/л O2 для водопроводной воды
цветность – до 20
мутность – 0,4 мг/л (норма до 1,5),
запах – норма до 2 баллов
привкус – до 2 баллова
сульфаты – норма до 500мг/л Рн 6,5-8
Сухой остаток до 1000-1500 мг/л
хлориды – норма до 350мг/л
железо – норма до 0,3 мг/л
жесткость –норма до 7 мг. Экв/л
ВЕНТИЛЯЦИЯ ВОЗДУХ МИКРОКЛИМАТ
32 Задача
Содержание углекислоты в воздухе класса составляет 0,12%; температура воздуха 20° относительная влажность 70%, общее число микроорганизмов в 1 м3 4500. Оценить микроклимат (обследование проводилось зимой).
Температура воздуха в классе соответствует допустимой норме (температура оптимальная 19-21, температура допустимая 18-23), относительная влажность высокая (допустимая норма до 60 %), число микроорганизмов превышает допустимую норму, содержание углекислоты так же превышает допустимую норму (Предельно допустимая концентрация углекислоты в помещениях для детей составляет 0,1%.
Состояние воздуха и микроклимата в классе неудовлетворительное
| Оценка воздуха | Общая обсеменённость (на 1м2) |
| Лето чистый | До 1500 |
| Лето загрязнённый | 1500- 2500 |
| Зима чистый | ДО 4500 |
| Зима загрязнённый | 4500-7000 |
15 Задача
Рассчитать кратность вентиляции 4-х коечной больничной палаты для взрослых людей площадью 35 м[1] и высотой 3,5 м.
V объем помещения х N(кратность вентиляции)= (К х n):(р-р1)
N(кратность вентиляции) – СКОЛЬКО РАЗ ЗА 1 ЧАС ВОЗДУХ В ПОМЕЩЕНИИ ЗАМЕЩАЕТСЯ НА СВЕЖИЙ
К = 22,6 л углекислоты в час выделяет один взрослый
n – число людей
Р пдк СО₂ в промиллях – 1,0
Р₂ – сод. СО₂ в атм воздухе 0,4
V (объем палаты) 35*3,5=122,5 мᶾ
122,5 х N = (22,6 х 4): (1-0,4)
122.5 х N = 150,6
N = 150,6: 122,5 = 1,22
18Задача
В палате объемом 62 м3 находятся 4 человека. Проветривание происходит за счет 2-х фрамуг, которые открывают на 15 минут каждый час. Скорость движения воздуха 0,5 м/ с. Площадь фрамуг по 0,45 м2. Дать гигиеническую оценку вентиляции.
|
|
|
S – площадь вентиляционного отверстия 0,45*2=0,9 м2
V – скорость движения воздуха через вентиляционное отверстие 0,5 м/сек
За 15 мин (900 сек) –в палату поступает 0,9*0,5*900=405мᶾ воздуха, на 1 человека 101,25 мᶾ - что соответствует норме (80 мᶾ /чел/час)
Вывод: вентиляция достаточная
ОСВЕЩЕНИЕ
14 Задача
Оценить естественное освещение в жилой комнате: площадь 20 кв. м, высота 3,0 м, глубина комнаты 5 м, имеется одно окно с площадью застекленной поверхности, равной 2,2 м2, расстояние от потолка до верхнего края окна 0,5 м, угол отверстия 5°.
Вычислим свет. коэфф.
Свет коэфф. Площадь окна: площадь пола = 2,2:20 = 0,11 (норма не менее 0,125-0,1 или 1/8-1/10 для жилых помещений)
Найдем удвоенное расстояние от верхнего края окна до пола (3-0,5)х2=2,5Х2=5
глубина (5 м) не должна превышать удвоенного расстояния от верхнего края окна до пола (в данном случае она равна этому расстоянию что соотв.) норме
угол отверстия 5°(должен быть не менее 5).
Вывод:Освещенность жилого помещения СООТВЕТСТВУЕТ НОРМАТИВАМ
28 Задача
Достаточно ли освещение классной комнаты, если в ней имеются 12 ламп накаливания, каждая мощностью 2S0 Вт, защитная арматура - преимущественно отраженного света. Напряжение в сети 220 В, площадь пола 50 м2.
Вычисляем удельную мощность (количество электроэнергии в ваттах: площадь пола)
250 вт х 12=3000вт
3000 вт: 50 м кв = 60 вт/м кв
Находим в таблице что лампы накаливания мощностью 250 ватт (дающие преимущественно отраженный свет) при удельной мощности 10 вт/м кв дают освещенность 31лк при напряжении 220
12 ламп по 250 вт ламп при удельной мощности 10 вт/м кВ дают освещенность 32 лк
при удельной мощности 60 вт/м кВ ---- Х лк
Составляем и решаем пропорцию
Следовательно при удельной млщности 60 вт/м кВ освещенность составит
(31х60):10=186 лк – что соотв. норме (норма освещенния для ламп накаливания 150 ЛК)
24 Задача
В учебной комнате площадью 50 м2 для освещения установлено 14 люминесцентных светильников типа ШОД, каждый состоит из 2-х ламп мощностью по 40 Вт. Рассчитать освещенность и дать ее гигиеническую оценку.
Шод – люминисцентный светильник
Всего 28 ламп (14 по 2)
40х28=1120 вт – общая мощность лапм
Вычисляем удельную мощность (количество электроэнергии в ваттах: площадь пола)
1120 вт:50 м.кв= 22,4вт/м кВ – удельная мощность освещения
Известно, что удельная мощность освещения 20 вт/м кв для люм. ламп дает освещенность 300 лк
Удельная мощность освещения 22,5 вт/м кв для люм. ламп дает освещенность Х(икс) лк
Х=(300х22,4):20= 336 лк – освещенность в норме
|
|
|
Норма освещенния для люм. ламп 300 ЛК
|
|
|
